我应该明确地施放malloc（）的返回值吗？
我想问一下下面的情况：
char *temp; temp = malloc(10); 由于malloc的返回types是void* ， malloc返回的指针是否会在被分配给temp之前被隐式转换为char*types？ 标准在这方面说了什么？
如果我们的指针variables是一些结构types，例如：
struct node *temp; temp = (struct node *)malloc(sizeof(struct node));
如果我们将内存分配给temp而不将其转换为struct node*types，是否将其隐式转换为struct node*types，还是需要将其显式转换为struct node* type？
C中的void指针可以分配给任何指针而不需要显式的强制转换。
如果你喜欢“不要重复自己”的思维方式，那么应该有吸引力，你不需要从malloc()调用中的variables声明中重复types名称。 因为，正如人们已经指出的那样，你不会指针转换为void *而不会丢失，除了函数指针。
另外，在这个说明中，你不需要重复使用sizeof 。 你的第二个例子，当分配一个结构，可以这样写：
struct node *temp; temp = malloc(sizeof *temp);
在我这么不谦虚的意见中是最好的办法。
避免重复自己，减less了你写的东西的数量，从而减less了这些事情都是错误的风险。
请注意sizeof参数中的星号，意思是“这个指针指向的对象的大小”，当然这和“ struct node的大小”一样，但不重复types名称。 这是因为sizeof计算（在编译时！）作为其参数的expression式的大小。 对于这种情况。 就像sizeof 3计算inttypes的expression式的大小一样， sizeof *temp计算struct node的一个实例的大小。
当然，你可以重复一些东西 ，也就是variables名本身，但是这通常是一个简单的expression式，并且更容易得到正确的结果，编译器也可以更容易地发现错误。
C隐式地转换为void* ，所以这个转换将自动完成。 在C ++中，只有向 void*转换才会隐式完成，而对于另一个方向则需要显式强制转换。
在C ++中，你必须明确地施放，但这实际上只是告诉你这样做的语言。
在c中没有任何需要强制转换，内存只是内存 – 我将不得不做一个search，看看最新的C标准是否需要它。
