我试图从一个单独的jar作为桌面应用程序来访问一个jar文件中的XML文件。 我可以得到我需要的文件的URL，但是当我将它传递给FileReader（作为string）时，我得到一个FileNotFoundException，说“文件名称，目录名称或卷标语法不正确。 作为一个参考点，我从同一个jar中读取图像资源并将其传递给一个ImageIcon构造函数没有任何困难。 这似乎表明，我用来获取url的方法是正确的。 URL url = getClass().getResource("/xxx/xxx/xxx/services.xml"); ServicesLoader jsl = new ServicesLoader( url.toString() ); 在我有的ServicesLoader类中 XMLReader xr = XMLReaderFactory.createXMLReader(); xr.setContentHandler( this ); xr.setErrorHandler( this ); xr.parse( new InputSource( new FileReader( filename ))); 使用这种技术读取XML文件有什么问题？

我有一个员工名册，我需要知道他们最常在哪个部门工作。 将员工ID与部门名称进行制表是微不足道的，但是从频率表中返回部门名称而不是名册数量更为棘手。 下面是一个简单的例子（列名=部门，行名=员工ID）。 DF <- matrix(sample(1:9,9),ncol=3,nrow=3) DF <- as.data.frame.matrix(DF) > DF V1 V2 V3 1 2 7 9 2 8 3 6 3 1 5 4 现在我怎么得到 > DF2 RE 1 V3 2 V1 3 V2

我有一个默认命名空间的根文件的XML文档。 像这样的东西： <MyRoot xmlns="http://www.mysite.com"> <MyChild1> <MyData>1234</MyData> </MyChild1> </MyRoot> parsingXML的XSLT由于默认的名称空间而无法按预期的方式工作，即当我删除名称空间时，一切都按预期工作。 这是我的XSLT： <xsl:stylesheet version="1.0" xmlns:xsl="http://www.w3.org/1999/XSL/Transform" xmlns:xs="http://www.w3.org/2001/XMLSchema"> <xsl:template match="/" > <soap:Envelope xsl:version="1.0" xmlns:xsi="http://www.w3.org/2001/XMLSchema-instance" xmlns:xsd="http://www.w3.org/2001/XMLSchema" xmlns:soap="http://schemas.xmlsoap.org/soap/envelope/"> <soap:Body> <NewRoot xmlns="http://wherever.com"> <NewChild> <ChildID>ABCD</ChildID> <ChildData> <xsl:value-of select="/MyRoot/MyChild1/MyData"/> </ChildData> </NewChild> </NewRoot> </soap:Body> </soap:Envelope> </xsl:template> </xsl:stylesheet> XSLT文档需要做些什么才能使翻译正常工作？ XSLT文档究竟需要做什么？

如果使用一元+ / -运算符来执行Number()转换函数的转换，那么为什么我们需要一元运算符？ 这些一元运算符的特殊需求是什么？

是的，总之我想知道为什么我在我的钥匙和价值观前面看到au。 我正在渲染一个表单。 该表格具有特定标签的checkbox和IP地址的一个文本字段。 我正在创build一个字典，键是在list_key中硬编码的标签，并且字典的值是从表单input（list_value）中获取的。 字典是创build的，但是它的前面是一些值。 这里是字典的输出示例： {u'1': {'broadcast': u'on', 'arp': '', 'webserver': '', 'ipaddr': u'', 'dns': ''}} 有人可以请解释我做错了什么。 当我在pyscripter中模拟类似的方法时，我没有得到错误。 任何改善代码的build议都是值得欢迎的。 谢谢 #!/usr/bin/env python import webapp2 import itertools import cgi form =""" <form method="post"> FIREWALL <br><br> <select name="profiles"> <option value="1">profile 1</option> <option value="2">profile 2</option> <option value="3">profile 3</option> </select> <br><br> Check the box to implement the particular […]

在我的Ruby on Rails应用程序中，我尝试通过POSTMAN REST客户端以Base64格式上传图像。 当我张贴图像时，我得到一个406不可接受的回应 。 当我检查我的数据库时，图像在那里，并成功保存。 这个错误的原因是什么，有什么我需要指定在我的头？ 我的请求： URL — http://localhost:3000/exercises.json 标题： Content-Type – application/json 原始数据： { "exercise": { "subbodypart_ids": [ "1", "2" ], "name": "Exercise14" }, "image_file_name": "Pressurebar Above.jpg", "image":"******base64 Format*******" }

问题：是否可以使用variables作为表名而不必使用string构造函数呢？ 信息： 我现在正在开发一个项目，从一个明星模拟我的数据目录。 为此，我将所有的数据加载到一个sqlite数据库。 它工作得很好，但是我决定为我的db增加更多的灵活性，效率和可用性。 我打算在后来的模拟中添加飞行器，并且想要为每个星星制作一个表格。 这样我就不必在每个太阳系里查询一个20米的桌子了。 我已经被告知使用string构造函数是不好的，因为它使我容易受到SQL注入攻击。 虽然这不是什么大问题，因为我是唯一能够访问这些数据库的人，所以我想遵循最佳实践。 而且这样一来，如果我做一个类似的项目向公众开放，我知道该怎么做。 目前我正在这样做： cursor.execute("CREATE TABLE StarFrame"+self.name+" (etc etc)") 这工作，但我想做更多的事情： cursor.execute("CREATE TABLE StarFrame(?) (etc etc)",self.name) 虽然我明白这可能是不可能的。 尽pipe我会解决类似的问题 cursor.execute("CREATE TABLE (?) (etc etc)",self.name) 如果这不可能，我会接受这个答案，但如果有人知道这样做的方法，请告诉。 🙂 我在Python编码。

我正在开发一个Java脚本客户端应用程序，在服务器端，我需要处理CORS，我用JERSEY写在JAX-RS上的所有服务。 我的代码： @CrossOriginResourceSharing(allowAllOrigins = true) @GET @Path("/readOthersCalendar") @Produces("application/json") public Response readOthersCalendar(String dataJson) throws Exception { //my code. Edited by gimbal2 to fix formatting return Response.status(status).entity(jsonResponse).header("Access-Control-Allow-Origin", "*").build(); } 截至目前，我收到错误没有“访问控制允许来源”标题出现在请求的资源。 原因' http：// localhost：8080 '因此不被允许访问。“ 请帮助我。 感谢和问候佛Puneeth

我使用的Python绑定到OpenCV 2.4安装与下面的说明 。 我的问题是类似于这个 ，但我需要Windows机器解决scheme。 问题：当我尝试使用 cap = cv2.VideoCapture(0) print cap.grab() 它工作正常，但下面的代码 cap = cv2.VideoCapture(filename) print cap.grab() 总是返回False。 该文件的path是正确的，绝对的，没有空格。 我试着在Windows XP和Windows 7上的两台机器上得到类似的结果。 在Linux（Ubuntu）上对我来说工作正常。

如何在Flask中使用url_for引用文件夹中的文件？ 例如，我在static文件夹中有一些静态文件，其中一些可能在子文件夹（如static/bootstrap 。 当我尝试从static/bootstrap服务文件，我得到一个错误。 <link rel=stylesheet type=text/css href="{{ url_for('static/bootstrap', filename='bootstrap.min.css') }}"> 我可以引用不在子文件夹中的文件，这是有效的。 <link rel=stylesheet type=text/css href="{{ url_for('static', filename='bootstrap.min.css') }}"> 使用url_for引用静态文件的正确方法是什么？ 如何使用url_for生成url到任何级别的静态文件？