使用file_get_contents显示图像
我怎么能显示在php中使用file_get_contents检索到的图像？
我需要修改标题，只是回声或什么？
谢谢！
我需要修改标题，只是回声或什么？
究竟。
发送header("content-type: image/your_image_type"); 以及之后的数据。
您可以使用readfile并输出您可以从getimagesize中获得的图像标题，如下所示：
$remoteImage = "http://www.example.com/gifs/logo.gif"; $imginfo = getimagesize($remoteImage); header("Content-type: {$imginfo['mime']}"); readfile($remoteImage);
这里应该使用readfile的原因是，它将文件直接输出到输出缓冲区， file_get_contents将文件读入到内存中，这在内容中是不必要的，对于大文件来说可能是密集的。
$image = 'http://images.itracki.com/2011/06/favicon.png'; // Read image path, convert to base64 encoding $imageData = base64_encode(file_get_contents($image)); // Format the image SRC: data:{mime};base64,{data}; $src = 'data: '.mime_content_type($image).';base64,'.$imageData; // Echo out a sample image echo '<img src="' . $src . '">';
你可以这样做，或者你可以使用readfile函数，它为你输出：
header('Content-Type: image/x-png'); //or whatever readfile('thefile.png'); die();
编辑：Derp，修复明显的明显错字。
你可以这样做：
<?php $file = 'your_images.jpg'; header('Content-Type: image/jpeg'); header('Content-Length: ' . filesize($file)); echo file_get_contents($file); ?>
小编辑@seengee答案：为了工作，你需要在variables周围花括号，否则你会得到一个错误。
header("Content-type: {$imginfo['mime']}");
